 ...（携帯版）メニューに戻る...(ＰＣ版)メニューに戻る*** 科目 *** 数Ⅰ・Ａ数Ⅱ・Ｂ数Ⅲ高卒・大学初年度 *** 単元 *** 複素数平面二次曲線媒介変数表示と極座標 数列の極限関数導関数不定積分定積分 行列1次変換 ※高校数学Ⅲの「不定積分」について，このサイトには次の教材があります．
この頁へGoogleやYAHOO ! などの検索から直接来てしまったので「前提となっている内容が分からない」という場合や「この頁は分かったがもっと応用問題を見たい」という場合は，他の頁を見てください． が現在地です． ↓多項式・有理関数・無理関数の不定積分 ↓分数関数(有理関数)の不定積分 ↓同(2) ↓同(3) ↓同(4)-現在地 ↓同(まとめ) ↓不定積分の置換積分 ↓同(2) ↓不定積分の部分積分 ↓同(2) ↓指数関数・対数関数の不定積分 ↓同(2) ↓三角関数の不定積分 ↓同(2) ↓不定積分（まとめ1） ↓同(2) 不定積分の漸化式 |
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■要点
（特別簡単になるもの） 分子が分母の微分になっているとき （この場合は問題→即答とできる：この教材では「特急券あり型」と呼ぶ･･･教科書ではこんな方言は使われていないので，試験の答案には書かないように） ∫  f’(x)f(x)dx=log|f(x)|+C（パターン１）真分数式の形になっているもの （⇔分子の次数が分母の次数よりも小さい形になっているもの） (1.1)分母が１次式の場合 ∫ dxax+b=1alog|ax+b|+C (a≠0)(1.2)分母が１次式の累乗になっている場合 ∫ dx(ax+b)n=∫(ax+b)−ndx (a≠0, n=2,3,...)= 1a1−n+1(ax+b)−n+1+C= 1a1−n+11(ax+b)n−1+C∫ sxn−1+txn−2+...(ax+b)ndx (a≠0, n=2,3,...)部分分数分解により →次の形に書ける． ∫( A(ax+b)n+B(ax+b)n−1+C(ax+b)n−2+...)dx→(1.1)と(1.2)の和に帰着する． (1.3)分母が何種類かの１次式の積になっている場合 ∫ sx+t(ax+b)(cx+d)dx (a, c≠0)部分分数分解により →次の形に直せる． ∫( Aax+b+Bcx+d)dx→(1.1)に帰着する (1.4)分母が数種類の１次式の累乗の積になっている場合 ∫ sxp+...(ax+b)m(cx+d)ndx (a,c ≠0, m, n=2,3,...)部分分数分解により ∫( A(ax+b)m+...+B(cx+d)n+...)dx→(1.2)に帰着する (1.5)分母が２次式の場合
（判別式の符号が負で，実係数の１次式に因数分解できない場合）
∫dxax2+bx+c (a≠0, b2−4ac<0)分母について平方完成を行う →次の形に直せる． ∫ dxAx2+B=1A∫dxx2+B’2 (A, B>0)ところで ∫ dxx2+k2=1ktan−1xk+C
したがって 1A∫dxx2+B’2=1A1B’tan−1xB’+C
※この形の不定積分を関数として表すためには逆三角関数を必要とするため，高校では扱われないのが普通．ただし，同じ形でも定積分は数値の差＝定数となるから，この形の定積分は高校の範囲に入る． (1.6)分母が数種類の２次式の積になっている場合 ∫ sxp+...(ax2+bx+c)m(dx2+ex+f)ndx(a,d ≠0,m,n=2,3,...) 部分分数分解により ∫( A(ax2+bx+c)m+...+B(dx2+ex+f)n+...)dx
→(1.5)に帰着する （パターン２）仮分数になっているもの （⇔分子の次数が分母の次数以上のもの） 多項式割り算を実行して商と余りに分けると，被積分関数は整式と真分数式に分けられる
⟨⟨上記の解説⟩⟩ クリック→ （特急券あり型） (1.1) (1.2) (1.3) (1.4) (1.5) (1.6) (2) （特別簡単になるもの）
[1]∫
分子が分母の微分になっているから 2x+3x2+3x+5dx
すなわち(x2+3x+5)’=2x+3だから ∫ 2x+3x2+3x+5dx=log(x2+3x+5)+C
[2]∫
(x2+4)’=2xだからxx2+4dx
∫ xx2+4dx=12∫2xx2+4dx=12∫(x2+4)’x2+4dx= 12log|x2+4|+C=12log(x2+4)+C常にx2+4>0が成り立つ．
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(1.1)
[1]∫
∫12x+1dx
12x+1dx=12log|2x+1|+C
[2]∫
∫43x−1dx
43x−1dx=4×13log|3x−1|+C=43log|3x−1|+C(1.2)
[1]∫
∫1(2x+1)2dx
dx(2x+1)2=∫(2x+1)−2dx= 121−2+1(2x+1)−2+1+C= 121−112x+1+C=−12(2x+1)+C
[2]∫
次のような定数A，Bを求める．3x+5(x+1)2dx
3x+5(x+1)2=A(x+1)2+Bx+1分母をはらうと 3x+5=A+B(x+1)=Bx+(A+B) 係数を比較すると B=3, A+B=5 → A=2, B=3 3x+5(x+1)2=2(x+1)2+3x+1したがって ∫ 3x+5(x+1)2dx=∫(2(x+1)2+3x+1)dx
=−2x+1+3log|x+1|+C(1.3)
[1]∫
部分分数分解を行うdxx2−1
1x2−1=1(x−1)(x+1)次のような定数A，Bを求める 1(x−1)(x+1)=Ax−1+Bx+1分母をはらうと (x−1)(x+1)=A(x+1)+B(x−1)=(A+B)x+(A−B) 係数を比較すると A+B=0, A−B=1 → A= 12, B=−121(x−1)(x+1)=12(1x−1−1x+1)したがって ∫ dxx2−1=12∫(1x−1−1x+1)dx= 12(log|x−1|−log|x+1|)+C=12log|x−1x+1|+C
[2]∫
分母を因数分解するとdxx2−3x+2
dxx2−3x+2=1(x−1)(x−2)次の関係を満たす定数A，Bを求める 1(x−1)(x−2)=Ax−1+Bx−2分母をはらうと 1=A(x−2)+B(x−1)=(A+B)x+(−2A−B) 係数を比較すると A+B=0, −2A−B=1 → A=−1, B=1 1(x−1)(x−2)=−1x−1+1x−2したがって ∫ dxx2−3x+2=∫(−1x−1+1x−2)dx=−log|x−1|+log|x−2|+C=log| x−2x−1|+C(Case 1.4)
[1]∫
部分分数分解によって,次のような定数A,B,Cを求める4(x−1)2(x+1)dx
4(x−1)2(x+1)=A(x−1)2+ Bx−1+Cx+1（中央の項 Bx−1を忘れないこと）分母をはらうと 4=A(x+1)+B(x−1)(x+1)+C(x−1)2 =(B+C)x2+(A−2C)x+(A−B+C) 係数を比較すると B+C=0, A−2C=0, A−B+C=4 → A=2, B=−1, C=1 4(x−1)2(x+1)=2(x−1)2−1x−1+1x+1したがって ∫ 4(x−1)2(x+1)dx=∫(2(x−1)2−1x−1+1x+1)dx=− 2x−1−log|x−1|+log|x+1|+C=−2x−1+log|x+1x−1|+C
[2]∫
部分分数分解によって,次のような定数A,B,Cを求めるdxx(x+1)2
1x(x+1)2=Ax+B(x+1)2+Cx+1（最後の項 Cx+1を付けるのを忘れないように）分母をはらうと 1=A(x+1)2+Bx+Cx(x+1) =(A+C)x2+(2A+B+C)x+A 係数を比較すると A+C=0, 2A+B+C=0, A=1 → A=1, B=−1, C=−1 1x(x+1)2=1x−1(x+1)2−1x+1したがって ∫ dxx(x+1)2=∫(1x−1(x+1)2−1x+1)dx=log|x|+ 1x+1−log|x+1|+C=log|xx+1|+1x+1+C(1.5)
[1]∫
∫dxx2+9
dxx2+32=13tan−1x3+C
[2]∫
分母を平方完成するdxx2+2x+2
∫ dx(x+1)2+1置換積分を行う． t=x+1とおく→dx=dt ∫ dx(x+1)2+1=∫dtt2+1=tan−1t+C=tan−1(x+1)+C(1.6)
[1]∫
分子の次数2が分母の次数1よりも高いから，割り算 を実行して多項式と真分数式に分ける．2x2+2x+1x+1dx
(2x2+2x+1)÷(x+1)=2x...1 2x2+2x+1=2x(x+1)+1 2x2+2x+1x+1=2x+1x+1∫ 2x2+2x+1x+1dx=∫(2x+1x+1)dx=x2+log|x+1|+C
[2]∫
分子の次数1が分母の次数1と等しいから，割り算を実行して多項式と真分数式に分ける．x+1x−1dx
(x+1)÷(x−1)=1...2 x+1=1(x−1)+2 x+1x−1=1+2x−1∫ x+1x−1dx=∫(1+2x−1)dx=x+2log|x−1|+C |
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問題次の積分を求めよ． （下の選択肢から正しいものを選べ．） 1(x+2)2+C
log|x+2|+Clog(x2+4)+C 12log(x2+4)+C− 1x+2+2log|x+2|+C
12tan−1x2+C |
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(1.1)∫
dxax+b=1alog|ax+b|+C (a≠0)a=1, b=2→∫ dxx+2=log|x+2|+C
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1(x+2)2+C
log|x+2|+C log(x2+4)+C 12log(x2+4)+C− 1x+2+2log|x+2|+C
12tan−1x2+C |
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分母が２次式で実係数の１次式にで因数分解できない
→置換積分を行う x=2tantとおく ⇔ t=tan−1 x2→x2+4=4tan2t+4=4(tan2t+1) dxdt=2cos2t∫ dxx2+4=∫14(tan2t+1)2cos2tdt
ところで，三角関数の公式を用いると1+tan2t= 1cos2t
したがって∫ 14(tan2t+1)2cos2tdt=∫dt2=t2+C=12tan−1x2+Cこの形の積分にしばしば出会う人は，次の公式を覚えてもよい． ∫ dxx2+k2=1ktan−1xk+C |
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1(x+2)2+C
log|x+2|+C log(x2+4)+C 12log(x2+4)+C− 1x+2+2log|x+2|+C
12tan−1x2+C |
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分子に定数を掛けるだけで，分子は分母の微分に等しくなる．定数で割って掛ける→「特急券あり型」
∫ xx2+4dx=12∫2xx2+4dx=12∫(x2+4)’x2+4dx= 12log(x2+4)+C |
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1(x+2)2+C
log|x+2|+C log(x2+4)+C 12log(x2+4)+C− 1x+2+2log|x+2|+C
12tan−1x2+C |
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部分分数分解により，次のような定数A, Bを求める．
2x+5(x+2)2=A(x+2)2+Bx+2
最後の項を忘れないことが重要．この変形は計算を簡単にするために「分子」も(x+2)の累乗によって表すことに対応している．
分母をはらうと A+B(x+2)(x+2)2=A(x+2)2+Bx+22x+5=A+B(x+2)=Bx+(A+2B) 係数を比較すると B=2, A+2B=5 → A=1, B=2 したがって ∫ 2x+5(x+2)2dx=∫(1(x+2)2+2x+2)dx=− 1x+2+2log|x+2|+C
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− 1x+2+C
1(x+2)3+Clog|x2−4|+C 14log|x−2x+2|+Cx+2log|x+2|+C − 2x+log|x+2x|+Clog| (x+2)2x+4|+C
x22−2x+4log|x+2|+C
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分子の次数が分母の次数よりも高いかまたは等しいときは，割り算を実行して多項式と真分数式に分ける．
(x+4)÷(x+2)=1..2 (x+4)=1(x+2)+2 x+4x+2=1+2x+2∫ x+4x+2dx=∫(1+2x+2)dx=x+2log|x+2|+C
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− 1x+2+C
1(x+2)3+Clog|x2−4|+C 14log|x−2x+2|+Cx+2log|x+2|+C − 2x+log|x+2x|+Clog| (x+2)2x+4|+C
x22−2x+4log|x+2|+C
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分母が１次式の累乗になっている→(1.2)
∫ dx(x+2)2dx=∫(x+2)−2dx=1−2+1x−2+1+C=−1x+2+C |
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− 1x+2+C
1(x+2)3+Clog|x2−4|+C 14log|x−2x+2|+Cx+2log|x+2|+C − 2x+log|x+2x|+Clog| (x+2)2x+4|+C
x22−2x+4log|x+2|+C
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部分分数分解により，次のような定数A, Bを見つける．
1x2−4=Ax−2+Bx+2分母をはらうと 1=A(x+2)+B(x−2)=(A+B)x+(2A−2B) 係数を比較すると A+B=0, 2A−2B=1 → A= 14, B=−14ゆえに ∫ dxx2−4=14∫(1x−2−1x+2)dx= 14(log|x−2|−log|x+2|)+C=14log|x−2x+2|+C
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− 1x+2+C
1(x+2)3+Clog|x2−4|+C 14log|x−2x+2|+Cx+2log|x+2|+C − 2x+log|x+2x|+Clog| (x+2)2x+4|+C
x22−2x+4log|x+2|+C
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部分分数分解により，次のような定数A, Bを求める．
x+6(x+2)(x+4)=Ax+2+Bx+4分母をはらうと x+6=A(x+4)+B(x+2)=(A+B)x+(4A+2B) 係数を比較すると A+B=1, 4A+2B=6 → A=2, B=−1 ゆえに ∫ x+6(x+2)(x+4)dx=∫(2x+2−1x+4)dx=2log|x+2|−log|x+4|+C=log| (x+2)2x+4|+C
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− 1x+2+C
1(x+2)3+Clog|x2−4|+C 14log|x−2x+2|+Cx+2log|x+2|+C − 2x+log|x+2x|+Clog| (x+2)2x+4|+C
x22−2x+4log|x+2|+C
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部分分数分解を用いて，次のような定数A, B, Cを求める．
4x2(x+2)=Ax2+Bx+Cx+2第２項を忘れてはいけない． 分母をはらうと 4=A(x+2)+Bx(x+2)+Cx2=(B+C)x2+(A+2B)x+2A 係数を比較すると B+C=0, A+2B=0, 2A=4 → A=2, B=−1, C=1 ゆえに ∫ 4x2(x+2)dx=∫(2x2−1x+1x+2)dx=− 2x−log|x|+log|x+2|+C=−2x+log|x+2x|+C
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− 1x+2+C
1(x+2)3+Clog|x2−4|+C 14log|x−2x+2|+Cx+2log|x+2|+C − 2x+log|x+2x|+Clog| (x+2)2x+4|+C
x22−2x+4log|x+2|+C
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分子の次数が分母の次数以上のときは，割り算を実行して商→多項式，余り→分子として，多項式と真分数式に分ける．
x2÷(x+2)=x−2...4 x2=(x−2)(x+2)+4 x2x+2=x−2+4x+2したがって ∫ x2x+2dx=∫(x−2+4x+2)dx=x22−2x+4log|x+2|+C
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